2018屆天津市河東區高考理科數學模擬試卷及答案
理科數學是一門邏輯性較強的學科,但高考數學的題型基本是保持不變的，我們可以通過多做一些高考數學模擬試卷來提高自己的理科數學成績，以下是百分網小編為你整理的2018屆天津市河東區高考理科數學模擬試卷，希望能幫到你。
2018屆天津市河東區高考理科數學模擬試卷題目
一、選擇題：本大題共8個小題,每小題5分,共40分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.
1. 已知復數 , ,若 為實數,則實數 的值是( )
A. B.-1 C. D.1
2. 設集合 , ,則 ( )
A.(0,1) B.(-1,2) C. D.
3. 已知函數 ( ).若 ,則 ( )
A. B. C.2 D. 1
4. 若 , ，直線 : ,圓 : .命題 :直線 與圓 相交;命題 ： .則 是 的( )
A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C. 充要條件 D.既不充分也不必要條件
5. 為豐富少兒文體活動，某學校從籃球，足球，排球，橄欖球中任選2種球給甲班學生使用，剩余的2種球給乙班學生使用，則籃球和足球不在同一班的概率是( )
A. B. C. D.
6. 已知拋物線 的準線與雙曲線 相交于 ， 兩點，點 為拋物線的焦點， 為直角三角形，則雙曲線的離心率為( )
A.3 B. C.2 D.
7. 若數列 ， 的通項公式分別為 ， ，且 ，對任意 恒成立，則實數 的取值范圍是( )
A. B.[-1,1) C.[-2,1) D.
8. 已知函數 ，若函數 恰有三個不同的零點，則實數 的取值范圍是( )
A.[-1,1) B.[-1,2) C. [-2,2) D.[0,2]
第Ⅱ卷(共110分)
二、填空題(每題5分，滿分30分，將答案填在答題紙上)
9.函數 的單調遞增區間為 .
10.執行如圖所示的`程序框圖，若輸入的 ， 值分別為0和9，則輸出的 值為 .
11.某幾何體的三視圖如圖所示，則該幾何體的體積為 .
12.已知 ， ，且 ，則 的最小值是 .
13.已知 ，在函數 與 的圖象的交點中，距離最短的兩個交點的距離為 ，則 值為 .
14.如圖，已知 中，點 在線段 上，點 在線段 上，且滿足 ，若 ， ， ，則 的值為 .
三、解答題 (本大題共6小題，共80分.解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟.)
15. 已知函數 .
(Ⅰ)求函數 的最小正周期和圖象的對稱軸方程;
(Ⅱ)討論函數 在區間 上單調性求出的值域.
16. 甲、乙兩個籃球運動員互不影響地在同一位置投球，命中率分別為 與 ，且乙投球2次均未命中的概率為 .
(Ⅰ)求乙投球的命中率 ;
(Ⅱ)若甲投球1次，乙投球2次，兩人共命中的次數記為 ，求 的分布列和數學期望.
17. 如圖，直三棱柱 中， ， ， ， ，點 在線段 上.
(Ⅰ)證明 ;
(Ⅱ)若 是 中點，證明 平面 ;
(Ⅲ)當 時，求二面角 的余弦值.
18. 已知數列 的前 項和 ， 是等差數列，且 .
(Ⅰ)求數列 的通項公式;
(Ⅱ)令 ，求數列 的前 項和 .
19. 在平面直角坐標系 中，橢圓 ： 的離心率為 ，直線 被橢圓 截得的線段長為 .
(Ⅰ)求橢圓 的方程;
(Ⅱ)過原點的直線與橢圓 交于 ， 兩點( ， 不是橢圓 的頂點)，點 在橢圓 上，且 .直線 與 軸、 軸分別交于 ， 兩點.設直線 ， 的斜率分別為 ， ，證明存在常數 使得 ，并求出 的值.
20.選修4-4：坐標系與參數方程
設函數 ， .
(Ⅰ)當 時，求函數 的極小值;
(Ⅱ)討論函數 零點的個數;
(Ⅲ)若對任意的 ， 恒成立，求 的取值范圍.
2018屆天津市河東區高考理科數學模擬試卷答案
一、選擇題
1-5:ADABC 6-8:ADB
二、填空題
9. 10.3 11. 12. 13. 14.-2
三、解答題
15.解：(Ⅰ)
.
∴周期 .
由 ，得 .
∴函數圖象的對稱軸方程為 .
(Ⅱ)∵ ，∴ .
在區間 上單調遞增，在區間 上單調遞減，
當 時， 取最大值1.
∵ .
∴ ， .
所以值域為 .
16.解：(Ⅰ)設“甲投球一次命中”為事件 ，“乙投球一次命中”為事件 .
由題意得
，
解得 或 (舍去)，所以乙投球的命中率為 .
(Ⅱ)由題設和(Ⅰ)知 ， ， ， .
可能的取值為0,1,2,3，故
，
0 1 2 3
所以 .
17. 解：(Ⅰ)證明：如圖，以 為原點建立空間直角坐標系 .則 ， ， ， ， .
， ，
，所以 .
(Ⅱ)解法一：
設平面 的法向量 ，
由 ，
且 ，
令 得 ，
所以 ，
又 平面 ，所以 平面 ;
解法二：證明：連接 ，交 于 ， .
因為直三棱柱 ， 是 中點，
所以側面 為矩形， 為 的中位線.
所以 ，
因為 平面 ， 平面 ，
所以 平面 .
(Ⅲ)由(Ⅰ)知 ，
設 ，
因為點 在線段 上，且 ，即 .
所以 ， ， .
所以 ， .
平面 的法向量為 .
設平面 的法向量為 ，
由 ， ，得 ，
所以 ， ， .
設二面角 的大小為 ，
所以 .
所以二面角 的余弦值為 .
18. 解：(Ⅰ)由題知，當 時， ;當 時， ，符合上式.
所以 .設數列 的公差 ，由 即為 ，解得 ， ，所以 .
(Ⅱ) ， ，則
，
，
兩式作差，得
.
所以 .
19. 解：(Ⅰ)∵ ，∴ ， ，∴ .①
設直線 與橢圓 交于 ， 兩點，不妨設點 為第一象限內的交點.∴ ，∴ 代入橢圓方程可得 .②
由①②知 ， ，所以橢圓的方程為： .
(Ⅱ)設 ，則 ，直線 的斜率為 ，又 ，故直線 的斜率為 .設直線 的方程為 ，由題知
， 聯立 ，得 .
∴ ， ，由題意知 ，
∴ ，直線 的方程為 .
令 ，得 ，即 ，可得 ，∴ ，即 .
因此存在常數 使得結論成立.
20. 解：(1)由題設，當 時， ，易得函數 的定義域為 ，
.∴當 時， ， 在 上單調遞減;
∴當 時， ， 在 上單調遞增;所以當 時， 取得極小值 ，所以 的極小值為2.
(2)函數 ，令 ，得 .
設 ，則 .
∴當 時， ， 在(0,1)上單調遞增;
∴當 時， ， 在 上單調遞減;
所以 的最大值為 ，又 ，可知：
①當 時，函數 沒有零點;
②當 時，函數 有且僅有1個零點;
③當 時，函數 有2個零點;
④當 時，函數 有且只有1個零點.
綜上所述：
當 時，函數 沒有零點;當 或 時，函數 有且僅有1個零點;當 時，函數 有2個零點.
(3)對任意 ， 恒成立，等價于 恒成立. .
設 ，∴ 等價于 在 上單調遞減.
∴ 在 上恒成立，
∴ 恒成立，
∴ (對 ， 僅在 時成立).
∴ 的取值范圍是 .
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